高中试卷答案网2023年安徽省合肥市肥东县中考物理模拟试卷
一、填空题（每小题2分，共20分）
1．（2分）如图为安徽的凤阳花鼓，利用它表演时由一人或二人自击小鼓和小锣伴奏、边舞边歌。击鼓力度越大，小鼓发出声音的 越大。（填声音的特性）
2．（2分）安徽铜陵素有“中国古铜都”之称，境内共发现50多处铜矿遗址，秦汉唐宋时期铜陵铜矿采冶活动达到鼎盛，冶炼时需要将铜矿石 变成含铜熔液。（填物态变化名称）
3．（2分）小玲在擦窗户时发现窗户上的一些污渍需要用力才能擦掉；用毛巾擦窗户时用力越大，毛巾与玻璃之间的滑动摩擦力越 （选填“大”或“小”）。
4．（2分）如图所示，世界杯足球比赛中运动员将足球踢向球门，足球离开脚之后的惯性 。（选填“变大”、“不变”或“变小”）
5．（2分）在探究光的折射规律时，一束激光从空气射向某透明介质中时，在其界面发生了反射和折射（如图所示），其中反射光线与折射光线的夹角为85°，则图中的折射角为 度。
6．（2分）如图所示为“逐梦”物理小组探究影响电磁铁磁性强弱因素的实验装置图，请你在电磁铁上标出电磁铁的N极。
7．（2分）冬季，羊肉汤深受人民喜爱。师傅用大锅煮羊肉汤时，在一个标准大气压下用煤炭将60kg的水从15℃加热到沸腾，该锅的加热效率为21%，则消耗的煤炭质量为 kg。[已知c水＝4.2×103J/（kg ℃），q煤炭＝3.4×107J/kg]
8．（2分）如图所示，小军用动滑轮将重为10N的物体竖直向上匀速提升2m，所用竖直向上的拉力为25N，则该滑轮的机械效率为 。
9．（2分）如图所示电路，定值电阻R＝5Ω。当滑动变阻器R'的滑片移到b端时，电流表的示数为0.6A；当滑动变阻器R'的滑片移到a端时，电流表的示数为0.2A。则滑动变阻器的最大阻值R'max＝ Ω。
10．（2分）如图为小灯泡L与定值电阻R的I﹣U图像。电源电压为6V，将小灯泡L与定值电阻R串联在该电源下，小灯泡的电功率为P1；将两者并联接在该电源下，小灯泡的电功率为P2；则两种连接情况下小灯泡分别工作1min，产生的热量之差为 J。
二、选择题（每小题2分，共14分；每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题意的）
11．（2分）2022年11月29日，搭载神舟十五号载人飞船的长征二号F遥十五运载火箭在酒泉卫星中心成功发射。下列说法正确的是（ ）
A．神舟十五号在加速升空阶段机械能不变
B．神舟十五号在太空中通过超声波与地面传递信息
C．运载火箭利用液氢作为发射燃料是因为液氢的热值比较大
D．神舟飞船的制作材料要具有良好的导热性、强度低等特点
12．（2分）某小组进行“探究凸透镜成像规律”实验时，将蜡烛、凸透镜及光屏放在图示位置，光屏上呈现清晰的实像（像未画出），则其成像原理与下列仪器工作原理相同的是（ ）
A．照相机 B．投影仪 C．放大镜 D．显微镜
13．（2分）常见测量仪器的使用与读数是初中生必须掌握的技能，下列关于仪器的使用和读数正确的是（ ）
A．图甲中托盘天平指针偏左，应向右调节平衡螺母使指针指在中央刻度线
B．图乙中弹簧测力计所测物体的重力读作3.4N
C．图丙中温度计所测温度的示数为21℃
D．图丁中电流表的指针向左偏转的原因一定是电流表的指针未校零
14．（2分）图为小徽学习跳伞的画面，在其匀速直线下降的过程中，下列说法正确的是（ ）
A．小徽受到的重力与绳子对他的拉力是一对平衡力
B．小徽和跳伞受到的总重力与他们受到的总阻力是一对相互作用力
C．小徽和跳伞受到的总重力与他们受到的总阻力是一对平衡力
D．小徽受到的重力与其受到的拉力和阻力之和是一对相互作用力
15．（2分）全磁悬浮“人工心脏”已研发成功，其核心部件是个带有叶轮的泵，通电后叶轮可高速旋转，带动血液流动。图中与其原理相同的是（ ）
A．
B．
C．
D．
16．（2分）小郑设计了一款可以取暖的台灯，闭合开关S1只有灯泡L发光，再闭合S2发热丝R加热取暖；但是只闭合S2时，灯泡和发热丝都不工作，则下列电路符合设计要求的是（ ）
A．
B．
C．
D．
17．（2分）如图为一款握力计的电路示意图，金属板M固定不动，金属板N可带动滑片P移动，与R构成滑动变阻器，弹簧的电阻不计，电源电压保持不变；当握力F减小时（弹簧一直处于压缩状态），下列说法正确的是（ ）
A．灯泡的亮度变暗 B．电流表的示数变小
C．电压表的示数变大 D．电路消耗的电功率变大
三、实验题（第18小题4分，第19小题4分，第20小题8分，共16分）
18．（4分）图甲为小雨“探究水在沸腾前后温度变化的特点”的实验装置。
（1）当水温升到90℃时，每隔1min记录一次温度计的示数，数据记录如下表所示，请根据表格中的数据在图乙中画出温度随时间变化的图像；
时间/min 0 1 2 3 4 5 6 7 8
水的温度/℃ 90 92 94 96 98 98 98 98 98
（2）根据实验数据可知水在沸腾前、后的温度变化特点是 。
19．（4分）“追梦”物理小组用如图所示装置进行“探究杠杆的平衡条件”的实验。
（1）实验前杠杆静止时如图甲所示，应将平衡螺母向 （选填“左”或“右”）调节，直到杠杆在水平位置平衡；
（2）随后，小组用图乙所示装置进行三次实验，所得实验数据如表所示。根据表中数据得出杠杆的平衡条件是 。
实验次数 动力F1/N 动力臂l1/cm 阻力F2/N 阻力臂l2/cm
1 1 20 2 10
2 2 12 4 6
3 4 8 8 4
20．（8分）小徽利用实验室的干电池、滑动变阻器、电压表、电流表、开关S、额定电压为2.5V的小灯泡（其电阻约为8Ω）、导线等器材，进行“测量小灯泡的额定电功率”的实验。
（1）请用笔画线代替导线将图甲中的实物电路连接完整（要求当滑动变阻器的滑片P向左移动时，小灯泡亮度变亮）；
（2）连接好实物电路后，小徽闭合开关S，发现电流表无示数，电压表示数较大，则电路中存在的故障可能为小灯泡 （选填“断路”或“短路”）；
（3）调节滑动变阻器的滑片P，当电压表的示数为2.5V时，电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定电功率为 W；
（4）考虑到电压表实际是有微弱电流通过的，则小灯泡额定电功率的测量值与真实值之间的关系为P测 P真（选填“＞”、“＜”或“＝”）。
四、计算题（第21小题5分，第22小题7分，第23小题8分，共20分；解答要有必要的公式和解答过程）
21．（5分）2022年11月8日，第十四届珠海航展顺利召开。中国展示了一款彩虹﹣7无人机，它是一款高空、亚音速、隐形无人机，起飞最大质量13t，最大升限13000m；当它以720km/h的速度匀速直线巡航时，受到的阻力为其最大重力的0.1倍。求：（g取10N/kg）
（1）彩虹﹣7无人机最大质量起飞时，受到的重力G；
（2）彩虹﹣7无人机匀速直线巡航时，牵引力的功率P。
22．（7分）大西洋、印度洋海水的密度关系为ρ大西洋＞ρ印度洋；若有一艘体积为5000m3的潜水艇，从印度洋驶向大西洋，则：（ρ大西洋＝1.03×103kg/m3，g取10N/kg）
（1）此潜水艇在大西洋20m深处有一个50cm2的观察口，观察口玻璃受到水的压力；
（2）此潜水艇在大西洋潜伏时，受到水的浮力F；
（3）请你利用所学知识推导说明：该潜水艇从印度洋潜航至大西洋，其浮力的变化情况。
23．（8分）如图甲为陈杰家的小太阳电暖器，其电路图如图乙所示，该电器的低温挡为550W，发热电阻R1＝24.2Ω。求：
（1）低温挡时，电路中的电流I；
（2）电路中发热电阻R2的阻值；
（3）为了节约电能陈杰建议每天将高温挡取暖的2h换成低温挡取暖，则30天可以节约的电能。
2023年安徽省合肥市肥东县中考物理模拟试卷
参考答案与试题解析
一、填空题（每小题2分，共20分）
1．（2分）如图为安徽的凤阳花鼓，利用它表演时由一人或二人自击小鼓和小锣伴奏、边舞边歌。击鼓力度越大，小鼓发出声音的 响度 越大。（填声音的特性）
【考点】响度与振幅的关系．
【分析】人耳能感觉到的声音的强弱称为响度，响度与声音的振幅、距离发声体的远近有关，振幅越大，响度越大，振幅越小，响度越小。
【解答】解：击鼓力度越大，小鼓的振幅越大，小鼓发出声音的响度越大。
故答案为：响度。
【点评】本题考查响度与振幅的关系，属基础知识，难度不大。
2．（2分）安徽铜陵素有“中国古铜都”之称，境内共发现50多处铜矿遗址，秦汉唐宋时期铜陵铜矿采冶活动达到鼎盛，冶炼时需要将铜矿石 熔化 变成含铜熔液。（填物态变化名称）
【考点】熔化与熔化吸热的特点．
【分析】熔化指物质由固态转变成液态，熔化要吸热。
【解答】解：冶炼时给铜矿石加热，将铜矿石熔化成含铜熔液。
故答案为：熔化。
【点评】本题考查了熔化现象，属于基础题。
3．（2分）小玲在擦窗户时发现窗户上的一些污渍需要用力才能擦掉；用毛巾擦窗户时用力越大，毛巾与玻璃之间的滑动摩擦力越 大 （选填“大”或“小”）。
【考点】摩擦力大小的影响因素．
【分析】滑动摩擦力的大小与压力的大小和接触面的粗糙程度有关，在接触面的粗糙程度不变时，增大压力可增大摩擦力的大小；
【解答】解：用毛巾擦窗户时加大用力，这相当于在接触面的粗糙程度一定时，增大了对玻璃的压力，从而使滑动摩擦力变大了。
故答案为：大。
【点评】本题主要考查了影响摩擦力大小的因素在生活中的应用，难度不大。
4．（2分）如图所示，世界杯足球比赛中运动员将足球踢向球门，足球离开脚之后的惯性 不变 。（选填“变大”、“不变”或“变小”）
【考点】惯性与惯性现象．
【分析】惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，惯性的大小只与物体的质量有关。
【解答】解：惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，惯性的大小只与物体的质量有关，足球离开脚之后，质量不变，所以惯性不变。
故答案为：不变。
【点评】本题考查的是惯性，知道惯性的大小只与物体的质量有关是解题的关键。
5．（2分）在探究光的折射规律时，一束激光从空气射向某透明介质中时，在其界面发生了反射和折射（如图所示），其中反射光线与折射光线的夹角为85°，则图中的折射角为 35 度。
【考点】光的折射规律的应用；光的反射定律的应用．
【分析】根据光的反射定律和光的折射规律分析光路图，再利用几何中的角度关系进行分析。
【解答】解：根据图示可知，∠BOC＝∠COD，所以CF为法线；折射光线与入射光线分居在法线的两侧，所以DO为入射光线，OB为反射光线，OG为折射光线，入射角为90°﹣30°＝60°；由于反射角等于入射角，所以反射角为60°；反射光线与AE之间的夹角为90°﹣60°＝30°；折射角为∠GOF；反射光线与折射光线的夹角为85°，则∠AOG＝85°﹣30°＝55°，则折射角为：90°﹣55°＝35°。
故答案为：35。
【点评】本题考查了光的反射定律、光的折射规律的应用，属于基础题。
6．（2分）如图所示为“逐梦”物理小组探究影响电磁铁磁性强弱因素的实验装置图，请你在电磁铁上标出电磁铁的N极。
【考点】安培定则．
【分析】利用安培定则可判断电磁铁的N极。
【解答】解：由图可知，电流从电磁铁的上端流向下端，用右手握住铁钉，使四指环绕的方向与电流方向相同，此时拇指所指的一端即为铁钉的N极，故其钉帽一端为N极；如图所示：
【点评】此题考查了利用安培定则判断通电螺线管的磁极，难度不大，属基础题目。
7．（2分）冬季，羊肉汤深受人民喜爱。师傅用大锅煮羊肉汤时，在一个标准大气压下用煤炭将60kg的水从15℃加热到沸腾，该锅的加热效率为21%，则消耗的煤炭质量为 3 kg。[已知c水＝4.2×103J/（kg ℃），q煤炭＝3.4×107J/kg]
【考点】燃料的热值及其计算；能量的利用效率；热量的计算．
【分析】知道水的质量、比热容、初温和末温，利用Q吸＝cm（t﹣t0）求出水吸收的热量，根据效率公式求出煤炭完全燃烧放出的热量，根据Q放＝mq求出消耗煤炭的质量。
【解答】解：一个标准大气压下，水的沸点是100℃，
水吸收的热量：Q吸＝c水m（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg ℃）×60kg×（100℃﹣15℃）＝2.142×107J，
由η＝可知，煤炭完全燃烧放出的热量：Q放＝＝＝1.02×108J，
由Q放＝mq可知，消耗煤炭的质量：m′＝＝＝3kg。
故答案为：3。
【点评】本题考查吸热公式、吸热公式以及燃料完全燃烧放热公式的应用，是一道热学综合计算题，难度不大。
8．（2分）如图所示，小军用动滑轮将重为10N的物体竖直向上匀速提升2m，所用竖直向上的拉力为25N，则该滑轮的机械效率为 80% 。
【考点】滑轮（组）的机械效率．
【分析】克服物体重力做的有用功W有＝Gh；由图知，拉力移动距离s＝h，由W总＝Fs计算拉力做的总功，根据η＝计算滑轮的机械效率。
【解答】解：
克服物体重力做的有用功：
W有＝Gh＝10N×2m＝20J，
由图知，拉力作用在动滑轮的轴上，拉力通过距离s＝h＝×2m＝1m，
拉力做的总功：
W总＝Fs＝25N×1m＝25J，
所以滑轮的机械效率：
η＝＝＝80%。
故答案为：80%。
【点评】本题考查动滑轮特点和机械效率的计算，注意拉力作用在动滑轮轴上时，绳端移动距离与物体被提升高度间的关系。
9．（2分）如图所示电路，定值电阻R＝5Ω。当滑动变阻器R'的滑片移到b端时，电流表的示数为0.6A；当滑动变阻器R'的滑片移到a端时，电流表的示数为0.2A。则滑动变阻器的最大阻值R'max＝ 10 Ω。
【考点】欧姆定律的应用．
【分析】闭合开关S，当滑动变阻器R′的滑片P移到b端时，电路中只有电阻R接入，根据U＝IR可求电源电压；
当滑片P移到a端时，R与R′串联在电路中，根据欧姆定律和串联电路的特点可求滑动变阻器的最大阻值。
【解答】解：由图知，闭合开关S，当滑动变阻器R滑的滑片P移到b端时，电路中只有电阻R连入电路，此时电路中电流最大，
则电源电压：U＝IbR＝0.6A×5Ω＝3V；
当滑动变阻器的滑片P移到a端时，R与R′串联在电路中，此时电流最小为Ia＝0.2A，
则电路的最大总电阻：R总＝＝＝15Ω，
由电阻的串联可得，滑动变阻器的最大阻值：
R'max＝R总﹣R0＝15Ω﹣5Ω＝10Ω。
故答案为：10。
【点评】本题考查欧姆定律的应用，正确判断电路的连接方式是关键。
10．（2分）如图为小灯泡L与定值电阻R的I﹣U图像。电源电压为6V，将小灯泡L与定值电阻R串联在该电源下，小灯泡的电功率为P1；将两者并联接在该电源下，小灯泡的电功率为P2；则两种连接情况下小灯泡分别工作1min，产生的热量之差为 168 J。
【考点】焦耳定律的计算及其应用．
【分析】（1）将小灯泡L与定值电阻R串联在6V的电源下，根据图中信息，利用串联电路的电流和电压特点可知小灯泡两端的电压和通过的电流，利用P＝UI求出小灯泡电功率P1，利用Q1＝W1＝P1t求出小灯泡产生热量；
（2）将小灯泡L与定值电阻R并联在6V的电源下，根据图中信息，利用并联电路的电压特点可知通过小灯泡的电流，利用P＝UI求出小灯泡的电功率P2，利用Q2＝W2＝P2t求出小灯泡产生热量，据此求出两种连接情况下小灯泡分别工作1min，产生的热量之差。
【解答】解：将小灯泡L与定值电阻R串联在6V的电源下，根据图中信息可知，当通过电路的电流为0.4A时，小灯泡两端的电压为UL＝2V，定值电阻R两端的电压UR＝4V，满足串联电路的电压特点，则此时小灯泡的电功率为P1＝ULIL＝2V×0.4A＝0.8W，
通过1min产生的热量：Q1＝W1＝P1t＝0.8W×1×60s＝48J；
将小灯泡L与定值电阻R并联在6V的电源下，根据并联电路的电压特点，结合图中信息可知，此时通过小灯泡L的电流为0.6A，
小灯泡的电功率P2＝UL′IL′＝6V×0.6A＝3.6W，
通过1min产生的热量：Q2＝W2＝P2t＝3.6W×1×60s＝216J，
两种连接情况下小灯泡分别工作1min，产生的热量之差：ΔQ＝Q2﹣Q1＝216J﹣48J＝168J。
故答案为：168。
【点评】本题考查串并联电路的特点、电功率公式以及焦耳定律的应用，能从图中获取相关信息是解题的关键。
二、选择题（每小题2分，共14分；每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题意的）
11．（2分）2022年11月29日，搭载神舟十五号载人飞船的长征二号F遥十五运载火箭在酒泉卫星中心成功发射。下列说法正确的是（ ）
A．神舟十五号在加速升空阶段机械能不变
B．神舟十五号在太空中通过超声波与地面传递信息
C．运载火箭利用液氢作为发射燃料是因为液氢的热值比较大
D．神舟飞船的制作材料要具有良好的导热性、强度低等特点
【考点】电磁波的传播与应用；机械能的概念；燃料的热值及其计算；物质属性对科技进步的影响．
【分析】（1）影响动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度，影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度，其中动能和势能统称为机械能．在分析各个能量的变化时，根据各自的影响因素进行分析；
（2）超声波传输需要介质，真空不传声；
（3）液氢作为发射燃料数利用热值比较大，且燃烧无污染，属于清洁能源；
（4）神舟飞船要高速穿透大气层，与大气层摩擦会产生大量的热，飞船的材料应导热性差，强度高等特点。
【解答】解：A、神舟十五号加速升空阶段，其速度增大，动能增大；高度升高，重力势能增大；所以机械能增大，故A错误；
B、超声波不能在真空中传播，神舟十五号在太空中通过电磁波与地面传递信息，故B错误；
C、运载火箭利用液氢作为发射燃料是因为液氢的热值比较大，完全燃烧相同质量的氢气放出的热量多，故C正确；
D、神舟飞船的制作材料需要具有导热性差、强度高等特点，故D错误。
故选：C。
【点评】本题考查影响机械能大小的判断、超声波和电磁波的区别、燃料的热值、材料的特点及应用，属于基础知识的考查。
12．（2分）某小组进行“探究凸透镜成像规律”实验时，将蜡烛、凸透镜及光屏放在图示位置，光屏上呈现清晰的实像（像未画出），则其成像原理与下列仪器工作原理相同的是（ ）
A．照相机 B．投影仪 C．放大镜 D．显微镜
【考点】凸透镜成像规律的其他应用．
【分析】凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立缩小的实像。
【解答】解：由图可知，光屏上呈现清晰的实像，此时物距大于像距，即u＞v，成倒立、缩小的实像，与照相机的成像原理相同，故选A。
故选：A。
【点评】本题考查了凸透镜成像规律的应用，属于基础题。
13．（2分）常见测量仪器的使用与读数是初中生必须掌握的技能，下列关于仪器的使用和读数正确的是（ ）
A．图甲中托盘天平指针偏左，应向右调节平衡螺母使指针指在中央刻度线
B．图乙中弹簧测力计所测物体的重力读作3.4N
C．图丙中温度计所测温度的示数为21℃
D．图丁中电流表的指针向左偏转的原因一定是电流表的指针未校零
【考点】天平的使用；弹簧测力计的使用与读数；电流表的使用；温度计的使用及其读数．
【分析】（1）根据天平的使用规则判断：水平放稳，游码归零，左偏右调，右偏左调，左右一样，天平平衡；
（2）明确弹簧测力计的分度值，再根据指针位置读出示数；
（3）先认清温度计的分度值，并判断是零上还是零下，再根据液柱的位置读数；
（4）电流表在使用前应先校零，在接入电路时，应使电流从正接线柱流入，负接线柱流出，否则会出现指针反偏。
【解答】解：A、图甲中托盘天平指针偏左，但是游码没有移动到左端零刻度处，故接下来应将游码移到左端零刻度处，故A错误；
B、图乙中弹簧测力计的分度值为0.2N，其读数为3.4N，即所测物体的重力为3.4N，故B正确；
C、图丙中温度计的分度值为1℃，20刻度在上30刻度在下，说明此时的温度为零下，故示数为﹣21℃，故C错误；
D、图丁中如果是接通电路后，电流表的指针向左偏转，则原因可能是电流表的正负接线柱接反了；如果是接通电路前，电流表的指针向左偏转，则可能是电流表未校零，故D错误。
故选：B。
【点评】本题考查了天平的调节与使用、弹簧测力计的读数、温度计的读数、电流表的使用等，都是物理学中的重要测量工具，是我们应该熟练掌握的。
14．（2分）图为小徽学习跳伞的画面，在其匀速直线下降的过程中，下列说法正确的是（ ）
A．小徽受到的重力与绳子对他的拉力是一对平衡力
B．小徽和跳伞受到的总重力与他们受到的总阻力是一对相互作用力
C．小徽和跳伞受到的总重力与他们受到的总阻力是一对平衡力
D．小徽受到的重力与其受到的拉力和阻力之和是一对相互作用力
【考点】平衡力与相互作用力的辨别．
【分析】二力平衡的条件是：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在同一物体上；
一对相互作用力的条件是：大小相等、方向相反、作用在同一直线上、作用在两个物体上。
【解答】解：A、匀速直线下降的过程中，小徽受到空气阻力影响，其重力大于绳子对他的拉力，二者不是一对平衡力，故A错误；
BC、小徽和跳伞看成一个整体，其受到的重力等于其受到的阻力，大小相等，方向相反，作用在同一个物体，在一条直线上，是一对平衡力，故B错误，C正确；
D、小徽做匀速直线运动时，他受到的重力与其受到的拉力和阻力之和是一对平衡力，故D错误。
故选：C。
【点评】本题主要考查了对平衡力和相互作用力的理解与辨别，掌握它们各自的四个因素，是正确判断的关键。
15．（2分）全磁悬浮“人工心脏”已研发成功，其核心部件是个带有叶轮的泵，通电后叶轮可高速旋转，带动血液流动。图中与其原理相同的是（ ）
A．
B．
C．
D．
【考点】磁场对通电导线的作用．
【分析】明确通电导体在磁场中受力的作用这一原理，主要应用于电动机。对选项中各电器的工作原理进行分析，最后做出判断。
【解答】解：全磁悬浮“人工心脏”的核心部件是电动机，磁场对通电导体有力的作用，
A、图中为电动机的工作原理：通电导体在磁场中受力运动，故A正确；
B、图中为发电机的工作原理：电磁感应现象，故B错误；
C、图中为奥斯特实验，故C错误；
D、电磁继电器的主要部件是电磁铁，其原理是电流的磁效应，故D错误。
故选：A。
【点评】磁场对通电导体有力的作用，人类根据这一原理制造了电动机，而电动机在生活中应用广泛。注意与其它电器元件的区分。
16．（2分）小郑设计了一款可以取暖的台灯，闭合开关S1只有灯泡L发光，再闭合S2发热丝R加热取暖；但是只闭合S2时，灯泡和发热丝都不工作，则下列电路符合设计要求的是（ ）
A．
B．
C．
D．
【考点】串、并联电路的设计与应用．
【分析】并联电路中，各支路互不影响，根据用电器的工作特点判定电路的连接方式和各个开关的作用。
【解答】解：根据题意可知，闭合开关S1只有灯泡L发光，再闭合S2发热丝R加热取暖；只闭合S2时，灯泡和发热丝都不工作，这说明灯泡L与发热丝R是并联的，S1在干路上控制整个电路，S1在发热丝R的支路上，故B正确。
故选：B。
【点评】此题考查电路图的设计，读懂题意，明确灯泡L和发热丝R并联是关键。
17．（2分）如图为一款握力计的电路示意图，金属板M固定不动，金属板N可带动滑片P移动，与R构成滑动变阻器，弹簧的电阻不计，电源电压保持不变；当握力F减小时（弹簧一直处于压缩状态），下列说法正确的是（ ）
A．灯泡的亮度变暗 B．电流表的示数变小
C．电压表的示数变大 D．电路消耗的电功率变大
【考点】电路的动态分析．
【分析】根据电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量串联电路中的电流；
（1）当握力F减小时，滑片P向右移动，判断出滑动变阻器接入电路阻值的变化，以及电路中总阻值的变化，根据欧姆定律I＝判断出电路中电流的变化，进而判断出小灯泡亮度的变化和灯泡两端电压的变化，由串联电路电压的规律判断出滑动变阻器两端电压的变化；
（2）根据P＝UI判断出电路消耗功率的变化。
【解答】解：根据电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量串联电路中的电流；
ABC、当握力F减小时，滑片P向右移动，滑动变阻器接入电路的阻值变小，总阻值变小，根据欧姆定律I＝可知，电路中的电流变大，电流表的示数变大，灯泡的亮度变亮，灯泡两端的电压变大，由串联电路电压的规律知滑动变阻器两端的电压变小，故ABC错误；
D、由于电路中的电流变大，电源电压不变，根据P＝UI可知，电路消耗的功率变大，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了电路的动态分析，掌握欧姆定律是解题的关键。
三、实验题（第18小题4分，第19小题4分，第20小题8分，共16分）
18．（4分）图甲为小雨“探究水在沸腾前后温度变化的特点”的实验装置。
（1）当水温升到90℃时，每隔1min记录一次温度计的示数，数据记录如下表所示，请根据表格中的数据在图乙中画出温度随时间变化的图像；
时间/min 0 1 2 3 4 5 6 7 8
水的温度/℃ 90 92 94 96 98 98 98 98 98
（2）根据实验数据可知水在沸腾前、后的温度变化特点是 沸腾前水温逐渐升高，沸腾后水温保持不变 。
【考点】探究水沸腾时温度变化的特点．
【分析】（1）首先根据实验数据确定对应点，然后“描点连线”得到图像；
（2）液体沸腾时的温度叫沸点，水沸腾时继续吸热温度不变。
【解答】解：（1）根据表格中的数据，描点并用平滑的曲线连接起来，图像如下：
（2）沸腾前吸收热量，温度升高，由表格知水从4min开始沸腾，继续吸热，但温度保持不变。
故答案为：（1）如图所示；（2）沸腾前水温逐渐升高，沸腾后水温保持不变。
【点评】此题是探究水的沸腾实验，主要考查了沸点的概念；沸腾特点：沸腾过程中吸热但温度不变，考查的内容很多，但难度不大，这些都是此实验应该掌握的基础内容。
19．（4分）“追梦”物理小组用如图所示装置进行“探究杠杆的平衡条件”的实验。
（1）实验前杠杆静止时如图甲所示，应将平衡螺母向 右 （选填“左”或“右”）调节，直到杠杆在水平位置平衡；
（2）随后，小组用图乙所示装置进行三次实验，所得实验数据如表所示。根据表中数据得出杠杆的平衡条件是 动力×动力臂＝阻力×阻力臂（或F ×l ＝F ×l ） 。
实验次数 动力F1/N 动力臂l1/cm 阻力F2/N 阻力臂l2/cm
1 1 20 2 10
2 2 12 4 6
3 4 8 8 4
【考点】探究杠杆的平衡条件．
【分析】（1）为了便于测量力臂大小，需使杠杆在水平位置平衡，调节平衡时将螺母向上翘的一端移动；
（2）杠杆的平衡条件是：动力×动力臂＝阻力×阻力臂。由于动力和动力臂的单位不同，所以不能进行加减运算。
【解答】解：（1）挂钩码前，杠杆在如图甲所示的位置静止，开始实验前发现左端下沉，右端上翘，可将杠杆两端的平衡螺母向右端移动，直到杠杆在水平位置平衡；
（2）从实验表格中可知，三次实验数据都满足：动力×动力臂＝阻力×阻力臂（或F ×l ＝F ×l ）。
故答案为：（1）右；（2）动力×动力臂＝阻力×阻力臂（或F ×l ＝F ×l ）。
【点评】本题考查探究杠杆平衡条件的实验，关键是将实验操作原则及结论掌握清楚，仔细分析即可。
20．（8分）小徽利用实验室的干电池、滑动变阻器、电压表、电流表、开关S、额定电压为2.5V的小灯泡（其电阻约为8Ω）、导线等器材，进行“测量小灯泡的额定电功率”的实验。
（1）请用笔画线代替导线将图甲中的实物电路连接完整（要求当滑动变阻器的滑片P向左移动时，小灯泡亮度变亮）；
（2）连接好实物电路后，小徽闭合开关S，发现电流表无示数，电压表示数较大，则电路中存在的故障可能为小灯泡 断路 （选填“断路”或“短路”）；
（3）调节滑动变阻器的滑片P，当电压表的示数为2.5V时，电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定电功率为 0.75 W；
（4）考虑到电压表实际是有微弱电流通过的，则小灯泡额定电功率的测量值与真实值之间的关系为P测 ＞ P真（选填“＞”、“＜”或“＝”）。
【考点】实验 测量小灯泡的电功率．
【分析】（1）已知小灯泡的额定电压为2.5V，其电阻约为8Ω，根据欧姆定律求出灯泡额定电流，据此确定电流表量程，将电流表串联在电路中；滑动变阻器的滑片P向左移动时，小灯泡亮度变亮，说明电路中电流变大，滑动变阻器阻值变小，据此确定滑动变阻器选用的下端接线柱；
（2）小徽闭合开关S，发现电流表无示数，说明电路可能断路；电压表示数较大，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了；
（3）根据电流表选用量程确定分度值读数，利用P＝UI求出灯泡额定功率；
（4）分析图中电路的连接及电表测量的物理量，由并联电路电流的规律判断出电流表示数与灯的实际电流大小，根据P＝UI分析。
【解答】解：（1）小灯泡的额定电压为2.5V，其电阻约为8Ω，则小灯泡额定电流约为：
I'＝＝＝0.3125，故电流表选用小量程与灯泡串联；
滑动变阻器的滑片P向左移动时，小灯泡亮度变亮，说明电路中电流变大，滑动变阻器阻值变小，故滑动变阻器选用左下接线柱与开关串联在电路中，如下图所示：
；
（2）小徽闭合开关S，发现电流表无示数，说明电路可能断路；电压表示数较大，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了，即电路中存在的故障可能为小灯泡断路；
（3）当电压表的示数为2.5V时，电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.3A，则小灯泡的额定电功率为：
PL＝ULIL＝2.5V×0.3A＝0.75W；
（4）实验中电压表中会有微弱的电流通过，这是电流表测量小灯泡和电压表的电流，电流表示数偏大，根据P＝UI知电功率的测量值要比真实值偏大，即P测＞P真。
故答案为：（1）见解答图；（2）断路；（3）0.75；（4）＞。
【点评】本题测量小灯泡的额定电功率的实验，考查了电路连接、电路故障、功率的计算及误差分析等知识。
四、计算题（第21小题5分，第22小题7分，第23小题8分，共20分；解答要有必要的公式和解答过程）
21．（5分）2022年11月8日，第十四届珠海航展顺利召开。中国展示了一款彩虹﹣7无人机，它是一款高空、亚音速、隐形无人机，起飞最大质量13t，最大升限13000m；当它以720km/h的速度匀速直线巡航时，受到的阻力为其最大重力的0.1倍。求：（g取10N/kg）
（1）彩虹﹣7无人机最大质量起飞时，受到的重力G；
（2）彩虹﹣7无人机匀速直线巡航时，牵引力的功率P。
【考点】功率的计算及公式的应用；重力的计算．
【分析】（1）无人机起飞最大质量13t，根据G＝mg计算无人机的重力；
（2）彩虹﹣7无人机巡航时做匀速直线运动，其受到的阻力等于其牵引力，受到的阻力为其最大重力的0.1倍，据此计算牵引力，根据P＝＝＝Fv计算无人机匀速直线巡航时牵引力的功率。
【解答】解：（1）无人机起飞最大质量13t，无人机的重力：G＝mg＝13×103kg×10N/kg＝1.3×105N；
（2）彩虹﹣7无人机巡航时做匀速直线运动，其受到的阻力等于其牵引力，受到的阻力为其最大重力的0.1倍，则F＝f＝0.1G＝0.1×1.3×105N＝1.3×104N，
720km/h＝200m/s，
由P＝＝＝Fv可得无人机匀速直线巡航时，牵引力的功率P＝Fv＝1.3×104N×200m/s＝2.6×106W。
答：（1）彩虹﹣7无人机最大质量起飞时，受到的重力G为1.3×105N；
（2）彩虹﹣7无人机匀速直线巡航时，牵引力的功率P为2.6×106W。
【点评】本题考查重力公式、二力平衡条件、功和功率公式的灵活运用。
22．（7分）大西洋、印度洋海水的密度关系为ρ大西洋＞ρ印度洋；若有一艘体积为5000m3的潜水艇，从印度洋驶向大西洋，则：（ρ大西洋＝1.03×103kg/m3，g取10N/kg）
（1）此潜水艇在大西洋20m深处有一个50cm2的观察口，观察口玻璃受到水的压力；
（2）此潜水艇在大西洋潜伏时，受到水的浮力F；
（3）请你利用所学知识推导说明：该潜水艇从印度洋潜航至大西洋，其浮力的变化情况。
【考点】阿基米德原理的应用；压强的计算；液体压强的计算以及公式的应用．
【分析】（1）根据液体压强公式可知，观察口玻璃受到水的压强，根据的变形式F＝pS可求出观察口玻璃受到水的压力；
（2）根据阿基米德原理可计算出该潜水艇在大西洋潜伏时受到的浮力；
（3）由题知，该潜水艇从印度洋潜航至大西洋，根据阿基米德原理可知F浮＝G排＝ρ液gV排，潜水艇在海水中的体积不变，又ρ大西洋＞ρ印度洋，则可判断浮力的变化情况。
【解答】解：（1）根据液体压强公式可知，观察口玻璃受到水的压强：
，
根据得，观察口玻璃受到水的压力：F＝p大西洋S＝2.06×105Pa×50×10﹣4m2＝1.03×103N；
（2）根据阿基米德原理可知，该潜水艇在大西洋潜伏时受到的浮力：
；
（3）由题知，该潜水艇从印度洋潜航至大西洋，根据阿基米德原理可知F浮＝G排＝ρ液gV排，潜水艇在海水中的体积不变，又ρ大西洋＞ρ印度洋，所以，潜水艇从印度洋潜航至大西洋，浮力逐渐变大。
答：（1）此观察口玻璃受到水的压力为1.03×103N；
（2）此潜水艇在大西洋潜伏时，受到水的浮力F为5.15×107N；
（3）该潜水艇从印度洋潜航至大西洋，其浮力变大。
【点评】此题主要考查的是学生对压强公式、液体压强公式、阿基米德原理的理解和应用，注意单位换算和变形公式的熟练运用，难度不大。
23．（8分）如图甲为陈杰家的小太阳电暖器，其电路图如图乙所示，该电器的低温挡为550W，发热电阻R1＝24.2Ω。求：
（1）低温挡时，电路中的电流I；
（2）电路中发热电阻R2的阻值；
（3）为了节约电能陈杰建议每天将高温挡取暖的2h换成低温挡取暖，则30天可以节约的电能。
【考点】电功与电能的计算；欧姆定律的应用．
【分析】由图知，开关S1、S2都闭合时，只有R1工作，此时总电阻最小，根据P＝可知总功率最大，则电暖器处于高温挡；当只有S2断开时，两电阻串联，总电阻较大，根据P＝可知总功率较小，电暖器处于低温挡；
（1）已知低温挡的电功率，根据P＝UI计算低温挡时电路中的电流I；
（2）低温挡时，两电阻串联，根据低温挡的功率计算总电阻，根据串联电路的电阻关系计算电阻R2的阻值；
（3）高温挡时只有R1工作，根据P＝计算高温挡的功率，得出高低温挡的电功率之差，利用W＝ΔPt总计算30天可以节约的电能。
【解答】解：由图可知，开关S1、S2都闭合时，只有R1工作，此时总电阻最小，根据P＝可知总功率最大，则电暖器处于高温挡；当只有S2断开时，两电阻串联，总电阻较大，根据P＝可知总功率较小，电暖器处于低温挡；
（1）已知低温挡的电功率P低＝550W，根据P＝UI可知，低温挡时电路中的电流：
；
（2）低温挡时，两电阻串联，
根据P＝可知串联电路的总电阻：
；
根据串联电路的电阻关系可知R2的阻值：
R2＝R总﹣R1＝88Ω﹣24.2Ω＝63.8Ω；
（3）高温挡时，只有R1工作，
则高温挡的电功率：
；
高温挡和低温挡的功率差值为：
ΔP＝P高﹣P低＝2000W﹣550W＝1450W＝1.45kW；
每天工作2h，则30天可以节约的电能为：
W＝ΔPt总＝1.45kW×30×2h＝87kW h。
答：（1）低温挡时，电路中的电流是2.5A；
（2）电路中发热电阻R2的阻值是63.8Ω；
（3）为了节约电能陈杰建议每天将高温挡取暖的2h换成低温挡取暖，则30天可以节约的电能为87kW h。
【点评】本题考查了串联电路的规律、欧姆定律及电功率公式的运用，属于中档题，有一定的难度。
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