高中试卷答案网高2024届高二（下）期中考试
物理试卷
注意事项：
1.答题前，考生务必将自己的姓名、准考证号、班级、学校在答题卡上填写清楚。
2.每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答策标号涂黑，如需改动，用橡
皮擦干净后，再远涂其他答案标号。在试卷上作答无效。
3.考试结束后，诗将答题卡交回，试卷自行保存。满分100分，考试開时90分钟。
一、单选题（共11题，每题3分，共33分，每题只有一个选项符合题目要求）
1.关于电磁波的理论和应用，下列说法正确的是()
A.有磁场必定有电场，有电场必定有磁场
B.麦克斯韦建立了电磁场理论，并成功地通过实险证明了电磁波的存在
C.紫外线的频率较可见光此大，可利用紫外线消毒杀闲
D.不同频率的电磁波在真空巾的传播速度也不相问
2,关于扩散现象和布朗运动，下列说法正确的是()
A.布朗运动就是组成忌浮颗粒的分子的无规则运动
B,阳光透过缝隙照进教'空，从阳光屮看到尘埃的运动就是布朗运动
.气体中较热部分上外，较冷部分下降，循环流动，互相掺，这就是·种扩散现象
D.温度越高，打散现象布期运动都更加刚烈
3.物哩规律在生汗生产中有肴广泛的应用，下列关于电磁感应现象的说法正确的是()
A.真空治炼炉的炉外线圈通入高频交流电时，线圈会产生大量的热，从而治炼金属
B.绕地运行的人造卫星受地磁场的影响宁孜轨道半径变小，这是一种电磁阻尼现象
C.通电的电磁炉面极上不放笪任何锅具，一段时间后面版会发热烫坏
D.根据焦耳定律Q=PRt,为避免变压器中缠绕线圈的铁芯大量发热，成选用电阻率更小
的铁芯
4,某同学制作了一个简易的隐定装置，如图所示，N极朝右的杀形磁铁止中心被细线悬
挂在天花板下，沿条形磁铁中轴线的左冇两侧放置两个完全相同的闭合圆形线圈，线圈始
终与地而保持相对静止，需发稳定的实验设备悬挂于条形磁铁下方
(图中未两出).当条形磁铁左右摆动或前后转动时，可快速地可
到初始的稳定状态，则〔)
A.当条形磁铁向右摆动时，从往左：看，行侧线圈将生逆时针
题4图
高二物硅试题第1页共8页
的感应电流
B.当条形磁铁向右摆动时，左侧线圈有收缩的趋势，右侧线有扩张的趋势
.无论杀形磁铁向哪边摆动，两侧线圈总是同时对磁供提供排斥力
D.无论条形磁铁向哪边摆动，两侧线圈的感应电流方向总是相反
5.液体的表而张力在生产牛活中有利有弊.市面上的清洁剂如洗衣粉、肥皂等都含有-
定量的表面活性剂，圳入水中会减小水的表面张力，液体的表面张力还与温度有关，在其
他条件不变的情沉下，通过外高温度可以降低液体的表而张力.下列说法不正确的是
A.将两端开口的细洁净疫璃管插入肥皂水巾，毛细现象比插入清水中史加明显
B.孩童用肥皂水能吹山大气泡而清水不能，是因为清水的表面张力更大，不容易被空气
撑开成泡
C.月热水清洗阬具可以有更好的去污效采，是因为热水表而张力小，更容易浸润碗其
D.清水洒在有孔隙的布雨伞上却不会渗水，是因为液体表而张力的效果
6.不同用电器正常工作时使用不同类型的电流.手机充电时需要使用直流电，因此充电
器中有将交变电流转化为直流电的整流器，图印为一种将正弦交流电转直流电的电路设计：
而金属探测器内部装有直流电源，但使用时需要用到交流电所激发的电磁波，图乙为某金
属探测器内的L,C振荡电路部分，此时电容器下极板带正电.则()
输入
输出
甲
题6图
A.甲图中，若输入端的此压有效值为，则输出端电瓜有效值为0.50
B.图乙巾，若此吋问路中的电流方向为顺时针，则线圈的白感电动势在增加
C.图乙巾，若此吋问路巾电场能正在转化为磁场能，则电容器上所带电荷正在增加
D.只有当LC振荡电路巾的线齿与外界金属有相对运动吋，外界金属才会产生涡流
7.将两个质量均为m的完全相同的分子A、B,从x轴上的坐标原点和1处由静止释放，
如图甲所示.图乙为这两个分子的分子势能随分了间距变化的图像，当分子间距分别为1、
2和时，两分子之间的势能为E:、0和一E,取间距无穷远时势能为零，整个运动除分
子问的作用力外不考虑其他外力.下列说法正确的是〔)
品二物型成题第2贞共8页高二物理参考答案
参考答案及解析
题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11
答案 C D B D A B D C B B C
题号 12 13 14 15
答案 AD BD AC ABC
1．【答案】C
A．根据电磁场理论，只有变化的磁场周围才能产生电场，变化的电场周围才能产生磁场，
故 A错误；
B．麦克斯韦建立了电磁场理论，并预言了电磁波的存在，由赫兹通过实验发现了电磁波，
故 B错误；
C．电磁波谱中紫外线的频率比可见光更高，具有更大的能量，常用于消毒杀菌，故 C正确；
D．所有不同频率的电磁波在真空中的传播速度均相同，在介质中传播时速度略有不同，故
D错误．
2．【答案】D
A．布朗运动是悬浮颗粒的无规则运动，不是组成该悬浮颗粒的分子的无规则运动，故 A错
误；
B．发生布朗运动的悬浮颗粒尺寸很小，需要通过显微镜才能观察，故 B错误；
C．气体中冷热空气循环流动的现象是对流，不是扩散现象，故 C错误；
D．温度越高，分子热运动越剧烈，表现为扩散现象和布朗运动都越剧烈，故 D正确．
3．【答案】B
A．线圈通过高频交流电，会在金属内部产生涡流，金属内产生大量的热，并不是线圈产热，
故 A错误；
B．因地磁场的存在，人造卫星外壳表面会形成涡流，涡流在地磁场中又会受到安培力的阻
碍作用，是一种电磁阻尼现象，故 B正确；
C．电磁炉内线圈通过高频交流电，会在上方的铁质锅具中产生涡流，从而加热食品，面板
是陶瓷材料制成，不能产生涡流，也就不能产生热，故 C错误；
D．涡流的电流强度也会变化，电阻率越小，则电流强度越大，因为感应电动势是恒定的，
则产热更多，故 D错误．
4．【答案】D
A．条形磁铁向右摆动时，穿过右侧线圈向右的磁通量增加，根据楞次定律可知，右侧线圈
将产生向左的感应磁场，从右往左看为顺时针的电流，故 A错误；
B．条形磁铁向右摆动时，穿过右侧线圈的磁通量增加，根据楞次定律，右侧线圈有收缩的
趋势，穿过左侧线圈的磁通量减少，左侧线圈有扩张的趋势，故 B错误；
C．条形磁铁摆动时，靠近线圈时会受到排斥力作用，远离线圈时会受到吸引力作用，故两
侧线圈总是一个提供排斥力，一个提供吸引力，故 C错误；
D．条形磁铁摆动时，两侧线圈的磁通量总是朝同一方向且一个增加一个减少，故线圈内会
产生反方向的感应磁场，从而形成反方向的感应电流，故 D正确．
5．【答案】A
A．毛细现象的本质是液体的表面张力对管中液体向上的拉力，肥皂水的表面张力更小，对
管内液体向上的拉升效果更小，故毛细现象更不明显，A选项错误，题目要求选不正确的，
故选 A；
B．液体表面张力越大，越有形成细小液珠的趋势，即表面张力越大，越不容易变成扩张的
气泡，故 B正确，不选 B；
C．温度越高，水的表面张力越小，水与固体表面的作用效果越明显，更容易浸润固体，故
C选项正确，不选 C；
D．因为表面张力的作用，雨水会在布伞上形成液珠，液珠的尺寸大于布伞的孔隙大小，因
此不会渗水，故 D正确，不选 D．
6．【答案】B
A U．设输入端电压最大值为 U，则U0 ，交流电经二极管整流后变为半个周期内有正弦2
( U )2
U 2 T
电流，另半个周期没有电流的直流电，设此时的电压有效值为 U1，则 1 T 2 0，
R R 2
U U
U
解得 1 ，则U1
0 ，故 A错误；
2 2
B．若此时电流为顺时针，根据电容器上下极板的电性可知此时正在充电，电容器上的电荷
量逐渐增加，充电电流逐渐减小，但电流的变化率在增加，因此线圈自感电动势增加，故 B
正确；
C．若电场能正在转化为磁场能，说明电容器所带电荷量在减少，C错误；
D．振荡电路中的交变电流产生变化的磁场和电场，能在金属内部激发涡流，与电路和金属
之间是否有相对运动无关，即使相对静止也能产生涡流，故 D错误．
7．【答案】D
A．两个完全相同的分子由静止释放后，A分子向左运动，B分子向右运动，运动性质完全
相同，当它们之间距离为 r0时，分子势能最小，分子间作用力为零，此时 B分子的坐标应
r
为 0 ，故 A错误；
2
B．两分子之间势能为 E0时动能最大，减少的势能为 E1－(－E0)＝E1＋E0，根据能量守恒，
E E
减小的势能转化为两分子的动能，故分子 B的最大动能为 1 0 ，故 B错误；
2
C．分子势能是标量，且正负可以表示大小，故它们之间的分子势能是先减小后增大，故 C
错误；
D 1．当分子间距无穷远时，减少的势能全部转化为两分子的动能，则 E1 2 mv
2，解得
2
v E 1 ，故 D正确．
m
8．【答案】C
A T．根据图像，t＝ 时线圈产生的感应电动势最大，此时磁通量的变化率最大，故 A错误；
4
B 2πNBS．产生最大的感应电动势 Em＝NBSω＝ ，故 B错误；
T
C T．从开始计时到 t＝ 的过程中，线圈从中性面转过 30°角，此时有效面积 S0＝Scos30°
12
3 2 3
S ， 则 磁 通 量 的 变 化 BS BS BS ， 又
2 0 2
N
q It E t N (2 3)NBS t t ，故 C正确；
R R R 2R
D．线圈转速提高一倍，则最大感应电动势 Em＝NBSω也会提高一倍，有效电动势也变为原
4πNBS
2 2πNBS E 2
来的 2 倍，即 E T ，同时周期变为原来的一半，根据Q 有效 t 可得
有效 2 T R
Q (2 2πNBS
2
)2 1 T 4πN B
2S 2
，故 D错误．
T R 2 TR
9．【答案】B
理想线圈在闭合开关 S 瞬间相当于断路，电路稳定时相当于短路，断开开关 S 瞬间相当于
电源．闭合开关 S 瞬间，线圈不通电，二极管、D3和 D1串联，再与 D2并联，三个灯泡都
会瞬间变亮，故 A错误；随着线圈逐渐导通，到稳定时相当于导线，则 D1被短路，D3和二
极管串联，再与 D2并联，由于不计二极管电阻，因此 D3与 D2一样亮，故 B正确；断开 S
前，通过线圈的电流为逆时针，故断开 S瞬间，线圈相当于提供逆时针电流的电源，D3、
二极管和 D2串联，再与 D1并联，三个灯泡都会逐渐熄灭，故 C错误；二极管和 D1交换位
置后，电路稳定时线圈将二极管短路，则 D3和 D1串联，再与 D2并联，D3可以发光，故 D
错误．
10．【答案】B
A．初始 ab棒产生电动势 E BLv0 8V，ab与 cd
E
组成闭合回路，电流 I 8A，两金
2R
属棒所受安培力大小 F BIL 8N，根据左手定则，cd受向左的安培力，与导轨提供的支
持力平衡，其所受最大静摩擦力 fmax N BIL 4N mg，故此时受静摩擦力 f＝mg＝2N，
选项 A错误；
B．当 cd棒刚要运动时有 f BIL mg ， I E BLv ，代入数据解得 v＝4m/s，从开始
2R 2R
到 cd棒刚要运动的过程，对金属棒 ab使用动量定理： BILt mv mv0 ， It q，q为该过
E BLvt BLx
程通过金属棒的电荷量，又有 q It t ，代入数据解得 x＝0.8m，故 B正
2R 2R 2R
确；
B2 2C L v
2
．安培力的功率 P F v BILv 16W，故 C错误；
安 2R
D 1．根据功能关系，ab棒克服安培力所做的功等于减少的动能为 mv20 6.4J，而克服安培2
力所做的功等于回路产生的焦耳热，但 cd棒下降过程中与导轨之间还有摩擦生热，产生的
总热量大于 6.4J，故 D错误．
11．【答案】C
A．理想气体温度升高，则内能增大，ΔU＞0，根据热力学第一定律，ΔU＝Q＋W，依题意
可知 Q＞0，W＜0，故 Q＞|W|，故 A错误；
B．理想气体等压膨胀，设加热后封闭气体长度变为 l1，试管横截面积为 S，根据盖吕萨克
V0 V定律， 1 ，V0＝Sl，V1＝Sl1，T0＝300K，T1＝360K，解得 l1＝12cm，此时金属块上端
T0 T1
离试管顶部距离为 6cm，下端离试管顶部距离为 8cm，故 B错误；
C．倒置前，以金属块为研究对象，受自身重力，向下的大气压力 p0S和封闭气体对它向上
的压力 p1S，根据平衡方程，mg＋p0S＝p1S，已知 p0S＝15mg，则 p1S＝16mg；倒置后，仍
以金属块为研究对象，受自身重力，向上的大气压力 p0S和封闭气体对它向下的压力 p2S，
根据平衡方程：mg＋p2S＝p0S，解得 p2S＝14mg，封闭气体等温变化，设倒置后封闭气体长
度为 l2，根据波意耳定律，p1lS＝p2l2S，解得 l2≈11.4cm，故 C正确；
D．以金属块为研究对象，根据牛顿第二定律：p3S＋mg－p0S＝ma，解得 p3＝p1，即压强与
初始时相同，则封闭气体的长度仍然等于 l，故 D错误．
12．【答案】AD
A．物理性质表现为各向同性的固体既有可能是非晶体，也有可能是多晶体，故 A正确；
B．多晶体一般形状不规则，但仍然是晶体，故 B错误；
C．液晶既不属于晶体也不属于非晶体，故 C错误；
D．天然石英是晶体，熔化后形成的玻璃是非晶体，说明晶体和非晶体在一定条件下可以相
互转化，故 D正确．
13．【答案】BD
A．a→b的过程等温压缩，外界对气体做功，但内能不变，故气体对外放出热量，故 A错
误；
B．b→c过程和 d→a过程都是等容变化，气体不对外界做功，但温度变化又相同，即内能
变化量的大小相等，因此 b→c过程吸收的热等于 d→a过程放出的热，故 B正确；
C．由于体积增大但温度不变，压强减小，故单位体积内分子数减少，单位时间内与器壁单
位面积碰撞的次数也减少，故 C错误；
D．p－V图像图线与横轴所围面积表示做功，a→b过程外界对气体做功小于 c→d过程气体
对外界所做的功，由于一个循环结束后气体温度回到初始状态，即内能不变，故一个循环过
程需要吸收热量，D正确．
14．【答案】AC
A．当滑片向下移动时，滑动变阻器接入回路电阻减小，副线圈电压不变，故副线圈电流减
大，定值电阻 R0两端的电压变大，故 R两端电压减小，故 A正确；
B．无论滑片向上还是向下移动，V2示数的变化与 A2示数的变化之比都等于定值电阻 R0的
阻值，故 B错误；
C．将副线圈和 R0看作有内阻的电源，当外电路电阻等于内阻时，外电路消耗的功率最大，
因为 R0＞R，且 R逐渐减小，故消耗的功率也逐渐减小，故 C正确；
D U n．单刀双掷开关从 1到 2时，原副线圈匝数之比变小，由于原线圈电压不变，因 1 1 ，
U2 n2
故副线圈电压变大，副线圈电流增加，因 n1I1＝n2I2，I
U
1增加，则 1 变小，故 D错误．
I1
15．【答案】ABC
A E BEL．闭合开关瞬间，回路中的电流为 I ，导体棒所受安培力 F BIL ，根据左手
r r
BEL
定则可知安培力方向向左，设此时细线拉力为 T，对导体棒受力分析可得： T m
r 0
a，
BEL mg
对重物受力分析可得：T－mg＝ma，联立可得 a ，故 A正确；
(m0 m)r m0 m
B．导体棒向左运动时会产生与直流电源相反的感应电动势，设导体棒速度为 v，则回路中
I E BLv的电流 ，初始导体棒向左加速运动，v增大，则电流减小，根据牛顿第二定律可
r
知加速度减小，即导体棒向左做加速度减小的加速运动，最终达到匀速，设匀速的速度为
vm，则 BIL BL
(E BLvm ) E mgr mg ，解得 vm 2 2 ，故 B正确；r BL B L
2
C E E E．直流电源的输出功率 P＝EI－I2r＝ r(I )2 ，则当 I 时输出功率最大，导体
2r 4r 2r
BLE
棒匀速运动时有 BIL＝mg，解得m ，故 C正确；
2rg
D．根据功能关系，安培力所做的正功将电能转化为其他形式能，这里回路产生的焦耳热并
不需要通过安培力做功来转化，因此安培力所做的正功等于系统增加的机械能，故 D错误．
16．答案：（1）AC （2）6.25×10-10 （3）正确 每空 2分
【解析】（3）在正方体模型下，正方形的边长等于纯油酸的体积除以摊开的面积，算法与球
体模型相同，结果自然一样。
17．答案：（1）非线性 （2）50Ω，5A；远离 （3）深夜路灯两端电压略高于额定电压；
电路即使正常工作，R1也要消耗较多电能 （写出一条即可） 每空 2分
【解析】（2）电路正常工作时干路电流大于 3A，又因为电路正常工作时 R1两端电压为 110V，
R 110则 1的接入电阻约为 Ω≈40Ω，选 50Ω的方便调节。光敏电阻靠近路灯，容易受到路灯3
灯光的影响，导致照度增大而使路灯停止工作，停止工作后照度减小，路灯又开始工作，使
得路灯时亮时暗，不能达到使用要求。
18.答案（1） 2 = 9atm （2）n=85
【详解】（1）氧气做等容变化，有：
1 = 2 3分
1 2
得：
2 = 9atm 2分
（2）对瓶内氧气，当气压降至 3时，再无氧气放出，对一瓶完整的氧气，由理想气体状态
方程：
1 1 = 3 + 3 1 3分
1 2 2
得：
n=85 2分
2
19 ．答案（1） = 12 （2） = 2.5Ω； 2 = 50V 2
【详解】（1）设副线圈两端电压为 U2，流过副线圈的电流为 I2,则：
= 2 1分
2
设原线圈电流和两端电压分别为 I1、U1
因： 1 = 1 ，得： 1 21 = 2分 2 2 2
因： 1 1 = 2 2，得： =
2 2
1 2分 1
1 2
= 1 =
2
2 1 2
2
则： 1
2 2
= 2 = 2 1分
1 2 2 21
2
得： = 1 1分
22
（2）由闭合电路的知识知，当外电阻与内电阻相等时，电源的输出功率最大，即图 2中
或图 1中 R消耗的电功率最大。将 r视为电源内阻，则有： = 1分
又因：
2
= 12 = 4 2
得：
R=2.5Ω 1分
电源电压峰值：
Um=NBSω=200 2V
电源电压有效值：
U=200V 1分
原线圈电流：
1 = = 10A +
由： 1 = 2 2得副线圈电流：I2=20A 1分
副线圈两端电压：
2 = 2 = 50V 1分
20. 答案：（1）逆时针； = π 2k
2
（2 ）①x≤r时： C = ②x>r时：EC =
1
2 2
（3）2
【详解】（1）因涡旋电场方向与感应电流方向判断方法相同，则根据“增反减同”及“安培
定则”得涡旋电场方向为顺时针，由于小球带负电，所以小球受到逆时针的涡旋电场力，则
会绕 O点沿圆管逆时针转动。 2分
根据法拉第电磁感应定律，圆管所在圆周产生的感应电动势：
Δ S = = S = πr2 1分Δ Δ
根据动能定理，非静电力做的功等于小球动能的增加即
= 0 1分
得 = π 2k 1分
（2）①x≤r时，由（1）得小球转动一周具有的动能： k = π 2
设涡旋电场场强为 EC，由动能定理及微元法有： 2 = k 0 2分
得： C =
1分
2
②x>r时，由（1）得小球转动一周具有的动能： k = π 2
设涡旋电场场强为 EC，由动能定理及微元法有： 2 = k 0 1分
=
2
得： C
1 1分
2
（3）小球在圆周的切线方向上做初速度为零的匀加速运动，其切向加速度由涡旋电场力产
生：
2 τ = = =
1分
m 2
t = = 经 获得的速度： 1分2
2
轨道处的磁场 B 对小球的洛伦兹力充当小球做圆周运动的向心力： = 1分
得： = 1分
2
= 得：
kt
= 2 1分
2
由计算结果知，为保证带电小球轨道半径不变，任意时刻，真空室内磁场须为非匀强磁场，
且应呈现出中间强，四周弱的特点。
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